物理试题参考答案
一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一
个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
12345678910111213
BCBDBABCAACCD
二、选择题（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符
合题目要求的，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
1415
BDBC
三、非选择题（本题共5小题，共55分）
16-I（7分）
（1）AD（2分）
1d2
mgL(Mm)2
（2）C（1分）2t（1分）不可行（1分）
（3）2.0()（2分）
16-（7分）1.6~2.4
（1）需要（1分）3000或3k（1分）负（1分）
（2）3000或3k（2分）
（3）用欧姆表测量出的电压表内阻不精确或所测数据点太少偶然误差大（2分）
17（8分）.
pp
（1）由01（1分）
T02T0
得：（分）
p12p01
VV
（2）由02（1分）
T02T0
得（分）
V22V01
（分）
W-p0V-p0V01
（）第一次（分）
3W1P电t1nkT01
第二次（分）
W2=P电t2nkT0+p0V01
tnkT
故10（1分）
t2nkT0p0V0
1
{#{QQABZYiQggCgABAAAQhCAwXgCgEQkACCCAoOREAAoAABgBFABAA=}#}
18（11分）.（1）当滑块达到轨道最低点压力最大
12
由m乙ghm乙v（1分）
2
2
m乙v
Fm乙g（1分）
Nr
代入数据可得FN28N（1分）
由牛顿第三定律可知滑块对轨道最大压力为28N（1分）
（2）对滑块从释放到圆轨道最低点过程，根据动能定理：
12
m乙ghm乙v可得v2gh6m/s
2
若滑块滑上木板后不会从木板上掉下，则根据动量守恒定律和能量守恒定律得：
m乙v(m乙M)v共，v共3m/s（1分）
1212
m乙gxm乙v(Mm乙)v共（1分）
22
得x1.8m（1分）
（3）假设滑块共速前不掉下，由（2）知尽管改变滑块的质量，但滑块到达圆轨道最低点时
的速度仍然为v2gh6m/s，若要动能最大，则只要满足滑块和木板相对静止时速度
最大即可。根据系统动量守恒，
mv6m6
mv(mM)v共，v共
mMm11
1
m
故当选丙滑块，即m=2kg时，速度最大，即满足题意。（1分）
经验算x2m，滑块不会从木板上掉下，故满足题意。（1分）
对木板从木板Q的右端运动到C点到木板Q的左端运动到D点过程，根据动能定理：
（分）
FLWfEk末Ek初1
12
其中FL6J，EMv共8J
k初2
关于Wf，分三个阶段，摩擦力大小随位置变化的关系如图：
第一阶段：利用图像法求得Wf1=-1J；
第二阶段：求得Wf2=-2J；
第三阶段：求得Wf3=-1J。
故最大动能为
（分）
Ek末FLWf+Ek初=6J-4J+8J=10J1
2
{#{QQABZYiQggCgABAAAQhCAwXgCgEQkACCCAoOREAAoAABgBFABAA=}#}
19（11分）.
（）（分）
1E2Bbv11
2Bbv
得：I1（1分）
1R
（2）F安Mg（1分）
（分）
F安2BI1b1
4B2b2v
得：M1（1分）
gR
4B2b（2v-v）
（3）2上Mg（1分）
R
得（分）
v上=v2-v11
（4）外界每秒钟提供给轿厢系统的总能量为E，根据能量转化
2
EIRMgv梯（2分）
2Bb(vv)4B2b2(v-v)
又I磁梯2BIbMg，即磁梯=Mg
R，R
故EMg(v磁-v梯)Mgv梯=Mgv磁（1分）
得（分）
E1:E2:E3v1:v2:v31
（其它方法合理也给分）
3
{#{QQABZYiQggCgABAAAQhCAwXgCgEQkACCCAoOREAAoAABgBFABAA=}#}
20（11分）.
（）（分）
121
0
0B=
得=d（1分）
0
（2）=（1分）
2
1
=0（1分）
a=，053=1
可=得（1分）
20
由几何关系可得=：3
，则
12
111
或53+2=2=（21分）
21
1
（3）=2532=，2可得（1分）
即角速度为一定值，又可=知粒子与磁场左=边界相切时转过的弧度为
3
2
故3（1分）
23
3
取一小段时间，对粒子在x方=向上=列2动0量定理(如图)：
（1分）
两边同时对过程求和：=
得：+=
即+=，其中
则，+，结=合（1）中=0
0
得：=0=（1分）
0
故y==（1分）
3=2=
4
{#{QQABZYiQggCgABAAAQhCAwXgCgEQkACCCAoOREAAoAABgBFABAA=}#}