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物理参考答案
选择题：共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要
求，每小题 4 分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题 5 分，全部选对的给 5 分，选对
但不全的给 3 分，有选错的给 0 分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C A C C B D A BD BD AC
【解析】
W
1．单次站起过程对矿泉水做功Wmgh72J ，功率 P 1 144W ；2 分钟内共站起 30 次，
1 t
总功WW1 30 2160J ，故 C 正确。
2．细线断开后，只要铁球还未沉底，木球还未浮出水面，二者组成的系统竖直方向上动量守
恒，木球运动至最深处瞬间，速度为 0，设木球质量为 m ，铁球质量为 4m，有 504mmvv 1 ，
5
解得 vv ，故 A 正确。
1 4
3．根据 EeExp ，电子向圆心运动，电势能减小，电场强度增大，电势能图线的斜率增大，
同时电子运动路径上电势高于 0，所以电子电势能始终为负，故 C 正确。
423R
4．由 T ，与近地卫星相比，飞船做匀速圆周运动的半径减半，中心天体质量变为之
GM
前的八分之一，所以运行周期不变，故 C 正确。
v2
5．在 A 点，只受重力，重力沿半径方向的分力提供此时做圆周运动的向心力，mgcos m A ，
R
1
从最高点到 A 点，由动能定理有 mg(cos) R R W mv2 0，代入数据解得
fA2
Wf 0.1J ，故 B 正确。
6．一段极短的时间 t 内落入货车的雨水质量为 mxt，雨水落入货车后，立即和货车共
速，选择货车前进方向为正方向，则由动量定理可得 Ft mv 0 ，可得雨水受到货车
的力为 Fx v ；由牛顿第三定律可知，货车受到雨水的反作用力向后，大小为 Fx v ，
对速度为 v 时的货车（包括已经进入的雨水），根据 P Fv ，由牛顿第二定律得
P vvfx2
FfF Ma，解得 a ，故 D 正确。
vM
物理参考答案第 1 页（共 5 页）
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2
7．设轨迹圆的半径为 r，由几何关系 POQ 90 ，粒子做圆周运动的半径为 rR ；由几
2
R22Rr 2(2 r ) 2 3 R 2
何关系，如图，该区域面积 S
42 2 8 4
2
R 312
，代入数据，面积为 m ，故 A 正确。
2 42
14
8．该幽门螺杆菌的检测方法利用了 6 C 的半衰期较长这一特点，故 A 错误。 衰变与原子核
内的弱相互作用有关，故 B 正确。半衰期的统计学规律对 100 个这样的小样本不适用，故
14
C 错误。根据质量数守恒，新核 X 的核子数与 6 C 相同，故 D 正确。
9．对气缸与活塞整体分析，细线拉力不变，故 A 错误。对封闭理想气体，压强不变，温度升
高，所以体积增大，活塞下移，故 D 正确。由 UQW ，体积增大，对外做功，W 为
负，理想气体温度升高，内能增大，U 为正，Q 为正，从外界吸热，故 B 正确，C 错误。
10．变压器不改变交变电流的频率，故 A 正确。由于穿过发射线圈的磁通量与穿过接收线圈
的磁通量大小不相同，所以穿过发射线圈的磁通量变化率与穿过接收线圈的不相同，故 B
nU1180%
错误。根据 可得接收线圈的输出电压约为U2 4V ，故 C 正确。由于存在磁
nU22
漏现象，电流比不再与匝数成反比，故 D 错误。
非选择题：共 5 小题，共 57 分。
11．（每空 2 分，共 6 分）
（1）15.02
（2）660
（3）变小
【解析】（1）由游标尺的读数规则可知 x2 ()15 1 0.02 mm 15.02 mm 。
xx L
（ 2 ）两次暗纹的间隔为 6 个，故 x 21 2.31mm 。由 x ，可知
6 d
d 0.2 106
x 2.31 106 nm 660nm 。
L 700 106
L
（3）频率变大，波长减小，由 x 可知干涉条纹间距变小。
d
物理参考答案第 2 页（共 5 页）
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12．（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分）
（1）如图所示（连线和表笔颜色共 3 分）
（2）1099
（3）2250
（4）准确
【解析】（1）根据红表笔接内部电源的负极，所以左侧为红表笔。
E
（2） R内 1500 ，所以 RR 内 rRg0 R 1099 。
Ig
E
（3） R总 3750 ，所以 RRx 总内 R 2250 。
I x
（4）由于满偏电流相同，指针指相同的位置时电流相同，所以 Rx 相同，即读数准确。
13．（12 分）
解：（1）因为在 t1 0 时， P 、Q 两个质点的位移为正的最大值，而且 P 、Q 间只有一个
波谷，故波长
0.4m
如果波是从 P 向 Q 传播，则在 t1 t2 内波的位移是
3
xn1
4
3
n
x 4
所以波速为 v 1 =(43)m/sn
1 tt
0.4
周期为 Tn1 s( 0，， 1 2 ， 3 ， )
v1 43n
如果波是从 Q 向 P 传播，则在 t1 t2 内波的位移为
1
xn2
4
1
n
x 4
波速为 v 2 (4n 1)m/s
2 tt
0.4
Tn2 s( 0，， 1 2 ，， 3 )
v2 41n
（2） v 35m/s 时，满足 v1 (4nn 3)m/s( 8) ，故波传播方向是从 P 向 Q
物理参考答案第 3 页（共 5 页）
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2
此时周期T s
v 175
由图中虚线， Q 点在平衡位置，且向上运动
2
T
175 rad/s
则以 t2 时刻为计时起点，质点 Q 的振动方程为
yA sin175 t
评分标准：本题共 12 分。正确得出、式各给 1 分，其余各式各给 2 分。
14．（14 分）
解：（1） A 静止有
mgA sin kx0
得 x0 0.005m
当 A 、 B 加速度为零时速度最大，有
mgBA mgsin kx1 0
此时弹簧伸长量 x1 0.005m
A 、 B 及弹簧组成的系统下落机械能守恒
1
mgx()()sin( x mgx x m m )v2
BA01 012 AB m
5
可得 v m/s
m 10
（2） A 上升到最大高度时速度为零，弹簧和 A 、 B 组成的系统机械能守恒，弹簧伸长量
11
为 x ，有 kx22 kx mgx()()sin x mgx x
2 2220BA 02 02
解得 xx2030.015m
B 下降的最大距离 Lx02 x 0.02m
评分标准：本题共 14 分。正确得出、式各给 1 分，其余各式各给 2 分。
15．（16 分）
解：（1） l2 下滑 h 时速度为 v ，有
1
mgh mv2
2
得 v 22m/sgh
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